Презентация, доклад по биологии на тему

Владимировна ФДВП ТГМУ г. Владивосток

комплементарности.
●Вычисление количества нуклеотидов, их процентное соотношение в цепи ДНК, иРНК.
●Определение дины, массы ДНК, иРНК.
●Определение последовательности аминокислот по таблице генетического кода.
●Определение массы ДНК, гена, белка, количества аминокислот, нуклеотидов.
●Комбинированные .

ЗАДАЧИ ОСОЗНАНО, ОБОСНОВЫВАТЬ КАЖДОЕ ДЕЙСТВИЕ ТЕОРЕТИЧЕСКИ ● ЗАПИСЬ РЕШЕНИЯ ОФОРМЛЯТЬ АККУРАТНО, ЦЕПИ ДНК, и-РНК , т-РНК ПРЯМЫЕ, СИМВОЛЫ НУКЛЕОТИДОВ ЧЕТКИЕ, РАСПОЛОЖЕНЫ НА ОДНОЙ ЛИНИИ ПО ГОРИЗОНТАЛИ ● ЦЕПИ ДНК, и-РНК , т-РНК РАЗМЕЩАТЬ НА ОДНОЙ СТРОКЕ БЕЗ ПЕРЕНОСА ● ОТВЕТЫ НА ВСЕ ВОПРОСЫ ВЫПИСЫВАТЬ В КОНЦЕ РЕШЕНИЯ

Требования к решению задач

на котором синтезируется участок центральной петли т-РНК, имеет следующую последовательность нуклеотидов: АТАГЦТГААЦГГАЦТ. Установите нуклеотидную последовательность участка т-РНК, который синтезируется на данном фрагменте, и аминокислоту, которую будет переносить эта т-РНК в процессе биосинтеза белка, если третий триплет соответствует антикодону т-РНК. Ответ поясните. Для решения задания используйте таблицу генетического кода. (Нуклеотиды подбираем по принципу комплементарности А=У, Г=Ц под ДНК сначала строим т-РНК, затем и-РНК). Дано : ДНК АТА-ГЦТ- ГАА- ЦГГ- АЦТ Решение: т-РНК УАУ-ЦГА- ЦУУ- ГЦЦ- УГА и-РНК ГАА аминокислота ГЛУ соответствует, кодону которую будет переносить данная т-РНК (находим по таблице генетического кода). Ответ: последовательность нуклеотидов т-РНК УАУ-ЦГА- ЦУУ- ГЦЦ- УГА , кодон и-РНК ГАА , аминокислота ГЛУ, которую будет переносить данная т-РНК .

Первый тип задач - задачи на установление последовательности нуклеотидов в ДНК, и-РНК, антикодонов т-РНК

фрагмент ДНК имеет последовательность нуклеотидов Г-Ц-Ц-Т-А-Ц-Т-А-А-Г-Т-Ц
Дано: ДНК Г-Ц-Ц-Т-А-Ц-Т-А-А-Г-Т-Ц
Решение: (нуклеотиды подбираем по принципу комплементарности А=У, Г=Ц под ДНК сначала строим и-РНК, затем т-РНК)
ДНК ГЦЦ - ТАЦ -ТАА - ГТЦ
и-РНК ЦГГ - АУГ - АУУ - ЦАГ
т-РНК ГЦЦ - УАЦ - УАА – ГУЦ антикодоны
Ответ : и-РНК имеет последовательность нуклеотидов
ЦГГ-АУГ-АУУ-ЦАГ ; антикодоны т-РНК ГЦЦ-УАЦ- ГА А-ГУ Ц
***
Участок цепи молекулы ДНК имеет последовательность нуклеотидов: Ц-Т-А-А-Ц-Ц-А-Т-А-Г-Т-Т-Г-А-Г. Запишите последовательность нуклеотидов иРНК.
Дано: ДНК ЦТА - АЦЦ- АТА – ГТТ - ГАГ
Решение: ( нуклеотиды и-РНК подбираем по принципу комплементарности к ДНК : А=У, Г=Ц)
ДНК Ц ТА - АЦЦ - АТА - ГТТ - ГАГ
 и-РНК Г АУ - УГГ - УАУ - ЦАА –ЦУЦ
Ответ : и-РНК имеет последовательность нуклеотидов ГАУ-УГГ-УАУ-ЦАА-ЦУЦ

 

на аденин, 20% - на урацил, 22% - на цитозин. Определите процентный состав азотистых оснований двухцепочечной ДНК, слепком с которой является вышеуказанная и-РНК? Дано: А-28%; У-20%; Ц-22%. Решение: начнем с подсчета общего процента известных нуклеотидов и-РНК: 28% А + 20%У + 22% Ц = 70%. Отсюда следует, что на долю гуаниновых нуклеотидов приходится 100% - 70% = 30%. Соотношение нуклеотидов двухцепочечной ДНК будет иным по сравнению с и- РНК:

Второй тип задач - вычисление количества нуклеотидов, их процентное соотношение в цепи ДНК, и-РНК.

на
и-РНК и соответствующую последовательность аминокислот фрагмента молекулы белка, если второй триплет нуклеотидов и третий нуклеотид четвёртого триплета выпадает из цепи ДНК.
Для выполнения задания используем таблицу генетического кода.

и-РНК УАУ-УЦЦ-УАЦ- ГГА- ААА-Ц
Белок- ТИР-СЕР-ТИР-ГЛИ-ЛИЗ

ДНК2 АТА - АТГ- ЦЦТ- ТТГ
и-РНК УАУ - УАЦ - ГГА – ААЦ
Белок ТИР – ТИР – ГЛИ – АСП

Ответ: Выпадение второго триплета и третьего нуклеотида четвёртого триплета приведёт к изменению первичной структуры белка, а следовательно и аминокислотного состава.

60 пар нуклеотидов. Определите длину этого участка
(расстояние между нуклеотидами в ДНК составляет 0, 34 нм)
Дано: 60 пар нуклеотидов
Найти: длину участка ДНК
Решение: длина нуклеотида 0, 34 нм
L ДНК = nнуклеотидов Х Lнукл-да(0,34 нм) = 60х0,34= 20,4 нм

Ответ: 20,4 нм

Длина участка молекулы ДНК составляет 510нм.
Определите число пар нуклеотидов в этом участке.
Дано: длина участка ДНК 510нм
Найти: Определите число пар нуклеотидов
Решение: длина нуклеотида 0, 34 нм
nнукл-дов =L ДНК : Lнукл-да(0,34 нм)= 510:0,34= 1500 нуклеотидов

Ответ: 1500 нуклеотидов

Х Lнукл-да(0,34 нм)

M гена = nнуклеотидов Х Mнуклеотида (300)

M белка = n а/к-т Х Mа/к-ты (110)
n а/к = n триплетов = n кодонов

что тяжелее: белок или ген, в котором закодирован данный белок

n белка =


n генов =

входящих в состав гена, кодирующего этот белок;
б) длину и массу гена;
в) что тяжелее: белок или ген, в котором закодирован данный белок.
Дано: масса белка – 88000.
Найти: количество нуклеотидов, длину и массу гена и что тяжелее: белок или ген?
Используя формулы можно найти
n а/к = Mбелка : Mа/к = 88000:110 = 800

nнуклеотидов = n а/к Х 3 = 800 х 3 = 2400

L гена = nнукл-в Х Lнукл-да = 2400 х 3,4 А0= 8160 А0

M гена = nнукл-в Х Mнукл-да =2400 х 300 = 720000

Найдём во сколько ген тяжелее белка 720000 : 88000 = 8,18

Ответ: в 8,18 раз ген тяжелее белка

имеет массу 288000? Какова длина гена? Что тяжелее: ген или белок, закодированный в этом гене, если средняя молекулярная масса аминокислоты равна 110?

Дано: масса ДНК -288000, масса одной аминокислоты – 110.
Найти: длину гена, количество аминокислот,
массу белка, что тяжелее: ген или белок?

Решение:

n нукл-в =288000 :300
= 960

n а/к = 960 : 3 = 320

L гена = 960 х 3,4 0= 3264 А0

M белка = 320 х110 =35200

n б/ка= 288000 : 35200
= 8,18

Ответ: в 8,18 раз ген тяжелее белка

( Е )
2. Бескислородный « гликолиз» ( в цитоплазме)
глюкоза расщепляется до 2-х молекул ПВК + 2АТФ
3 . Кислородный «дыхание» ( в митохондриях)
ПВК окисляется до СО2 +Н 2О + 36 АТФ
1 глюкоза = 38 АТФ

В процессе гликолиза образовалось 42 молекулы пировиноградной кислоты. Какое количество молекул глюкозы подверглось расщеплению и сколько молекул АТФ образуется при полном окислении?

Дано: 42 ПВК
Найти: кол-во глюкозы, кол-во АТФ при полном окислении.


 

расщепляется с образованием 2-х молекул пировиноградной кислоты (ПВК), следовательно, гликолизу подверглось: 42 : 2 = 21 молекула глюкозы;

2) при полном окислении одной молекулы глюкозы (бескислородный 2АТФ и кислородный этапы 36 АТФ) образуется 38 молекул АТФ;

3) при окислении 21 молекулы образуется: 21 х 38 = 798 молекул АТФ.

Ответ: 21 молекула глюкозы, 798 молекул АТФ

клетки человека составляет около 6 . 10 -9 мг. Определите, чему равна масса всех молекул ДНК в ядре при овогенезе перед началом деления, в конце телофазы мейоза I и мейоза II. Объясните полученные результаты.
Дано: 46 хромосом = масса 6 . 10 -9 мг
Найти: массу ДНК: перед началом деления, в конце телофазы мейоза I и мейоза II.
Решение:
1)перед началом деления в процессе репликации число ДНК удваивается и масса ДНК равна 2 • 6 . 10 -9 = 12 . 10 -9 мг;
2)первое деление мейоза редукционное, число хромосом становится в 2 раза меньше, но каждая хромосома состоит из двух молекул ДНК (сестринских хроматид), поэтому в телофазе мейоза I масса ДНК равна 12 . 10 -9 : 2 = 6 . 10-9 мг;
3)после мейоза II каждое ядро в клетке содержит однохроматидные хромосомы гаплоидного набора, поэтому в телофазе мейоза II масса ДНК равна 6 . 10-9 : 2 = 3. 10-9 мг.
Ответ: масса ДНК перед началом деления 12 . 10 -9 мг, в конце телофазы мейоза I - 6 . 10-9 мг, в конце телофазы мейоза II - 3. 10-9 мг